总配电箱中漏电保护器的额定漏电动作电流应大于 30mA，额定漏电动作时间应大于（）s

### 解析 本题考查的是施工现场临时用电安全技术规范中关于漏电保护器参数设置的要求。 **1. 依据规范：** 根据《施工现场临时用电安全技术规范》（JGJ 46-2005）第 8.2.10 条规定： > 开关箱中漏电保护器的额定漏电动作电流不应大于 30mA，额定漏电动作时间不应大于 0.1s。 > **总配电箱中漏电保护器的额定漏电动作电流应大于 30mA，额定漏电动作时间应大于 0.1s**，但其额定漏电动作电流与额定漏电动作时间的乘积不应大于 30mA·s。 **2. 分级保护原理：** 施工现场临时用电通常采用“三级配电、两级保护”系统。为了实现选择性保护（即当末级发生漏电时，只切断末级电源，而不影响上级供电），上下级漏电保护器的参数必须配合： * **末级（开关箱）**：作为直接保护人身安全的最后一道防线，要求高灵敏度、快速动作。因此规定 $I_{\Delta n} \le 30\text{mA}$，$T_{\Delta n} \le 0.1\text{s}$。 * **上级（总配电箱）**：作为后备保护和防止电气火灾，其动作参数应低于末级的灵敏度但高于末级的动作阈值，以避免越级跳闸。因此规定 $I_{\Delta n} > 30\text{mA}$，$T_{\Delta n} > 0.1\text{s}$。 **3. 选项分析：** * 题目问的是总配电箱中额定漏电动作时间应大于多少秒。 * 根据规范原文，该时间应大于 **0.1s**。 * 同时需满足 $I_{\Delta n} \times T_{\Delta n} \le 30\text{mA}\cdot\text{s}$ 的安全限值条件。 因此，正确答案为 **A**。