导线接头、控制器触点等接触不良是诱发电气火灾的重要原因。所谓“接触不良”,其本质原因是()。

好的，我们来详细解析一下这道题。 ### 题目背景 题目提到的是电气火灾的一个重要原因——接触不良。接触不良通常发生在导线接头、控制器触点等位置，这些地方如果接触不好，会导致电流通过时产生额外的热量，从而可能引发火灾。 ### 选项分析 **A. 触头、接触点电阻变化引发过电压** - **解释**：当接触点的电阻发生变化时，确实会影响电路中的电压分布。但是，接触不良的主要问题是电阻增加导致的功耗增大，而不是直接引发过电压。 - **问题**：这个选项没有准确描述接触不良的本质问题。 **B. 触头接触点电阻变小** - **解释**：如果触头接触点的电阻变小，实际上会减少功耗，降低发热的可能性。这与接触不良的情况相反。 - **问题**：这个选项与实际情况不符，接触不良实际上是电阻变大。 **C. 触头、接触点电阻变大引起功耗增大** - **解释**：当触头或接触点的电阻变大时，根据欧姆定律 \( P = I^2 R \)，电流通过该点时会产生更多的热量（功耗）。这种额外的热量积累可能导致局部温度升高，进而引发火灾。 - **正确性**：这个选项准确描述了接触不良的本质问题。 ### 为什么选择C 选择C是因为它准确地指出了接触不良的本质问题：触头或接触点的电阻变大，导致功耗增大，从而产生更多的热量。这种热量积累是引发电气火灾的重要原因之一。 ### 示例 假设有一个电路，正常情况下触头的电阻为0.1欧姆，通过的电流为10安培。此时的功耗为： \[ P = I^2 R = (10 A)^2 \times 0.1 \Omega = 10 W \] 如果接触不良导致电阻增加到1欧姆，同样的电流通过时，功耗变为： \[ P = I^2 R = (10 A)^2 \times 1 \Omega = 100 W \] 可以看到，电阻增加10倍，功耗增加了10倍，这会导致更多的热量产生，从而可能引发火灾。 希望这个解析对你有所帮助！